Hạt nhân 5628Fe có năng lượng liên kết riêng là 8,8MeV/ nuclôn. Năng lượng liên kết của hạt nhân 5628Fe là

Câu hỏi:

Giới hạn quang điện của PbS là $4,14\mu \text{m}$. Lấy $\text{h}=6,{625.10}^{-34}\text{Js}$ và $\text{c}={3.10}^8\text{ m}/\text{s}$. Năng lượng cần thiết (năng lượng kích hoạt) để giải phóng một electron liên kết thành electron dẫn của $\text{PbS}$ là

A. $4,8\cdot {10}^{-26}\text{ J}$

B. $1,{6.10}^{-34}\text{ J}$

C. $4,8\cdot {10}^{-20}\text{ J}$

Đáp án chính xác

D. $1,{6.10}^{-28}\text{ J}$

Trả lời:

$\epsilon =\frac{\text{hc}}{\lambda }=4,{8.10}^{-20}\text{ J}$
chọn C

====== TRẮC NGHIỆM VẬT LÝ 12 =====